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EDP de Black-Scholes y condición terminal

Sólo una pregunta rápida que esperaba que alguien pudiera aclarar.

  • Hasta ahora estoy familiarizado con la EDP de Black-Scholes con la condición terminal en el tiempo $T$ ha sido $V(t=T,S)=(S-K)^+$ .
  • También entiendo que la EDP de Black-Scholes no contiene $S(T)$ y, por lo tanto, es independiente de la condición terminal.

Como tal, si la condición terminal fuera $(S^2 - K)^+$ la EDP de la opción de compra sigue siendo la misma, al menos eso es lo que me han dicho.

Intuitivamente no entiendo la lógica detrás de esto?

Por ejemplo, si $K$ es 50 y $S$ termina siendo 100;

  • $(S - K) = \$ 50$, donde como.

  • $(S^2 - K) = 10,000 - 50 = \$ 9,950$

Seguramente el $(S^2 - K)+$ la opción debe valer mucho más

Pero aparentemente la EDP para ambas opciones es la misma y por lo tanto el tiempo $t$ ¿el valor es también el mismo?

¿Podría alguien explicarlo?

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Suponiendo que $S(T)$ es el precio de la acción en el momento final $T$ , entonces en su notación, $S=S(T)$ ¿verdad?

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Sí, es correcto, S(T) es el precio de la acción en el momento final T.

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Así que la condición terminal es $(S_T - K)^+$ ... o $(S_T^2 - K)^+$ para la opción sobre el precio al cuadrado.

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Manan Gupta Puntos 11

La EDP será la misma pero como la condición terminal es diferente las soluciones no serán las mismas. La diferente condición de contorno dará diferentes valores en $t=T$ . A continuación, la ecuación se hace retroceder en el tiempo en ambos casos utilizando la misma ecuación, pero como la condición terminal es diferente, las soluciones no coincidirán

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Hola aw80, gracias por tu respuesta. Aprecio su ayuda.

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Es razonable y el enfoque PDE no es adecuado. En el modelo de Black scholes tenemos $$d\ln {{S}_{T}}=\,(r-\frac{1}{2}{{\sigma }^{2}})dt+\sigma d{{W}_{t}}$$ así que $$d\ln {{S}_{T}^2}=\,(2r-{{\sigma }^{2}})dt+2\sigma d{{W}_{t}}$$ como resultado $$\ln {{S}_{T}^2}=\ln{{S}_{t}^2}\,+(2r-{{\sigma }^{2}})(T-t)+2\sigma (W_T-W_t)$$ dejar $$Y(t)=(2r-{{\sigma }^{2}})(T-t)+2\sigma [W(T)-W(t)]$$ está claro \begin{align} & \,\,\,\,{{E}^{\mathbb{Q}}}\left[ Y(t) \right]=(2r-{{\sigma }^{2}})(T-t) \\ & {{\operatorname{var}}^{\mathbb{Q}}}\left[ Y(t) \right]=4{{\sigma }^{2}}(T-t) \\ \end{align} en otras palabras podemos decir $$Y\overset{d}{\mathop{=}}\,\ N\left( (2r-{{\sigma }^{2}})(T-t)\,,4{{\sigma }^{2}}\left( T-t \right) \right)$$ Para simplificar, dejamos que ${\widetilde{r}}=(2r-{{\sigma }^{2}})$ y $\tau =(T-t)$ así que $Y\overset{d}{\mathop{=}}\,\ N\,(\overset{\tilde{\ }}{\mathop{r}}\,\tau \,,{4{\sigma }^{2}}\tau )$ como resultado

$$\frac{Y-\overset{\tilde{\ }}{\mathop{r}}\,\tau }{2\sigma \sqrt{\tau }}\overset{\,\,d}{\mathop{\,=}}\,\ N(0,\,1)$$

tenemos $$\Pi (t)=e^{-{r}\tau}{{E}_{t}}^{Q}\left[ {{({{S}_{T}}^{2}-K)}^{+}} \right]=e^{-{r}\tau}{{E}_{t}}^{Q}\left[ {{({{S}_{t}}^{2}{{e}^{{{Y}_{t}}}}-K)}^{+}} \right] $$
$$\Pi (t)=e^{-{r}\tau}\int\limits_{-\infty }^{\infty }{{{({{S}_{t}}^{2}\,{{e}^{y}}-K,\,0)}^{+}}\,{{f}_{Y}}}(y)\,dy$$ Finalmente debemos hacer el mismo procedimiento con $(S_T-K)^+$ entonces $$\Pi (t)={{S}_{t}}{{\,}^{2}}N\left[ {{d}_{1}} \right]-K{{e}^{-r\,\tau}}\ N\left[ {{d}_{2}} \right]$$ donde \begin{align} & {{d}_{1}}=\frac{(2r+3{{\sigma }^{2}})\tau +\ln \left( \frac{{{S}_{t}}^{2}}{K} \right)}{2\sigma \sqrt{\tau }} \\ & {{d}_{2}}={{d}_{1}}-2\sigma \sqrt{\tau } \\ \end{align}

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Hola Behrouz, gracias por tomarte el tiempo de responder. Puedo entender algunas de las matemáticas aquí, pero no todas. Lo que has hecho al principio me da una idea de la respuesta que estaba buscando. Guardaré su respuesta para cuando pueda entender completamente lo que ha hecho en el futuro. Una vez más, gracias por su tiempo.

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